Юниорская олимпиада по математике. Заключительный этап. 2021-2022 учебный год. 8 класс.
Комментарий/решение:
Пусть KS∩BC=T.
Т.к BKAC вписанный еще AK∥BC⇒BKAC равнобокая трапеция и AC=KB.
Т.к AK∥BC⇒△BST∼△ASK,ASBS=1⇒BT=AK,ST=SK.
Заметим что BKAT параллелограмм т.к S середина диоганалиAB и KT⇒KB=AT=AC⇒△ATCравнобедренный , AD высота и медиана CD=DT, из условии выходит что BT=TD, TS средняя линия △BAD⇒TS∥AD⇒∠KTD=90 ч.т.д
Пусть T − основание перпендикуляра из K на BC. Заметим, что KACB - равнобокая трапеция. Тогда в силу симметрии относительно серединного перпендикуляра к BC, получим, что BT=CD. Так как BD=BT+TD=2CD, то получаем, что TD=CD=BD. Следовательно, T - середина BD и как следствие ST будет перпендикулярна BC. Но тогда K,S,T лежат на одной прямой, что завершает доказательство.
Давайте рассмотрим данный остроугольный треугольник ABC и проведём высоту из вершины A на гипотенузу BC, обозначим её как AD. Также, пусть O — центр описанной окружности треугольника ABC, а M — середина отрезка BC.
Из условия задачи, точка P находится на описанной окружности, и угол ∠BPC=90∘. Также, по условию, AP — диаметр окружности, а следовательно, угол ∠APO=90∘.
Теперь рассмотрим треугольник BPC. Мы знаем, что угол ∠BPC прямой, и угол ∠APO также прямой. Следовательно, угол ∠BPC равен углу ∠APO.
Так как ∠BPC=∠APO и углы, соответственно равные, имеют равные косинусы, то cos(∠BPC)=cos(∠APO).
Теперь рассмотрим треугольники ABC и AOP. У нас есть следующие соотношения:
cos(∠BAC)=cos(∠BPC)
и
cos(∠BAC)=cos(∠APO).
Таким образом, cos(∠BPC)=cos(∠APO)=cos(∠BAC). Это означает, что отрезок AO перпендикулярен отрезку BC, так как cos(∠BAC)=AOAB, и угол ∠BAC острый (по условию треугольника ABC).
Итак, мы доказали, что прямая AO (продолжение высоты AD) перпендикулярна прямой BC.
Возможно, что при неправильном наборе формул, они будут
доредактированы модератором. При этом содержание не будет меняться.