Республиканская олимпиада по математике, 2019 год, 9 класс
Комментарий/решение:
Коши теңсіздігі бойынша
$\frac{1}{\sqrt[3]{3a^2(8b+1)}}=\frac{3}{\sqrt[3]{9a\cdot 9a\cdot (8b+1)}}\ge \frac{9}{9a+9a+(8b+1)}=\frac{9}{18a+8b+1}$
Арифметикалық орта гармоникалық ортадан кем емес, сондықтан,
$\frac{1}{18a+8b+1}+\frac{1}{18b+8c+1}+\frac{1}{18c+8a+1}\ge \frac{9}{(18a+8b+1)+(18b+8c+1)+(18c+8a+1)}=\frac{1}{9}$
Пусть $A=\sqrt[3]{{\dfrac{1}{{3{a^2}(8b + 1)}}}} + \sqrt[3]{{\dfrac{1}{{3{b^2}(8c + 1)}}}} + \sqrt[3]{{\dfrac{1}{{3{c^2}(8a + 1)}}}} $
По неравенству Гёлдера для 7 скобок:
$$A^3\cdot(a+b+c)^2\cdot\Big( (8b+1)+(8c+1)+(8a+1) \Big)(3+3+3)\ge 3^7 $$ $$\iff$$ $$3^7\cdot A^3\ge 3^7$$ $$\iff$$ $$\sqrt[3]{{\frac{1}{{3{a^2}(8b + 1)}}}} + \sqrt[3]{{\frac{1}{{3{b^2}(8c + 1)}}}} + \sqrt[3]{{\frac{1}{{3{c^2}(8a + 1)}}}} \ge 1\quad\square$$
По $AM\ge GM$ $$ \sqrt[3]{{\frac{1}{{3{a^2}(8b + 1)}}}} + \sqrt[3]{{\frac{1}{{3{b^2}(8c + 1)}}}} +\sqrt[3]{{\frac{1}{{3{c^2}(8a + 1)}}}} \ge 3 \sqrt[9]{\dfrac{1}{3^3(abc)^2(8a+1)(8b+1)(8c+1)}} $$
Осталось доказать, что $$(abc)^2\cdot (8a+1)(8b+1)(8c+1)\le 3^6$$
По $AM\ge GM$ получаем следующие два неравенства
$$(abc)^2\le \bigg{(}\bigg{(}\dfrac{a+b+c}{3}\bigg{)}^3 \bigg{)}^2=1\quad (\color{red}{1}) $$
$$(8a+1)(8b+1)(8c+1)\le \bigg{(}\dfrac{ (8a+1)+(8b+1)+(8c+1) }{3} \bigg{)}^3=3^6\quad (\color{red}{2}) $$
Произведение неравенств $(\color{red}{1})$ и $(\color{red}{2})$ дает требуемое.$\quad\square$
Решение можете посмотреть на данном сайте в разделе математика:
Возможно, что при неправильном наборе формул, они будут
доредактированы модератором. При этом содержание не будет меняться.