Эйлер атындағы олимпиада, 2014-2015 оқу жылы, аймақтық кезеңнің 1 туры

Дөңес $ABCD$ төртбұрышының $AB$ және $BC$ қабырғаларының орта перпендикулярлары $CD$ және $DA$ қабырғаларын сәйкесінше $P$ және $Q$ нүктелерінде қиыды. Сонда $\angle APB=\angle BQC$ болып шыққан. Төртбұрыш ішінен $QX \parallel AB$ және $PX \parallel BC$ болатындай $X$ нүктесі алынған. $BX$ түзуі $AC$ диагоналін қақ бөлетінін дәлелдеңіздер. ( С. Берлов )

Комментарий/решение

Комментарии от администратора Комментарии от администратора №1.     Решение. Достаточно доказать, что расстояния от точек $A$ и $C$ до прямой $BX$ равны. Это равносильно тому, что $S_{ABX} = S_{BCX}$, поскольку у треугольников $ABX$ и $BCX $ общее основание $BX$. Поскольку $QX \parallel AB$, имеем $S_{ABX} = S_{ABQ}$. Аналогично, $S_{CBX} = S_{CBP}$. Заметим, что равнобедренные треугольники $ABP$ и $CBQ$ подобны по двум углам, поэтому $AB/BC = BP/BQ$, откуда $AB \cdot BQ = CB \cdot BP$. Так как $\angle ABP = \angle CBQ$, то и $\angle ABQ = \angle CBP$. Следовательно, площади треугольников $ABQ$ и $CBP$ относятся как произведения заключающих равные углы сторон, т. е. эти площади равны. Но тогда $S_{ABX} = S_{ABQ} = S_{CBP} = S_{CBX}$, что и требовалось доказать.