9-я международная Иранская олимпиада по геометрии, 2022 год, третья лига, 11-12 классы
Есеп №1. A, B, C және D нүктелері ω шеңберінде AB=BC=CD болатындай жатыр. ω-ға C нүктесінде жүргізілген жанама түзу ω-ға A нүктесінде жүргізілген жанама түзуді және AD түзуін сәйкесінше K және L нүктелерінде қияды. ω шеңбері мен KLA үшбұрышына сырттай сызылған шеңберлер екінші рет M нүктесінде қиылысады. MA=ML екенін дәлелдеңіз.
комментарий/решение(1)
комментарий/решение(1)
Есеп №2. AB≠AC болатын сүйірбұрышты △ABC берілген. D нүктесі BC түзуінің бойында жатыр әрі DA түзуі △ABC-ға сырттай сызылған шеңберді жанайды. E және F нүктелері — △ABD-ға және △ACD-ға сырттай сызылған шеңберлер центрлері, ал M — EF кесіндісінің ортасы. AMD үшбұрышына сырттай сызылған шеңберге D нүктесінде жүргізілген жанама түзу ABC үшбұрышына сырттай сызылған шеңберді де жанайтынын дәлелдеңіз.
комментарий/решение(1)
комментарий/решение(1)
Есеп №3. ABC үшбұрышында (∠A≠90∘) O нүктесі — сырттай сызылған шеңбер центрі, ал H нүктесі — A төбесінен түсірілген биіктік табаны. M және N арқылы сәйкесінше BC және AH кесінділерінің орталарын белгілейік. AO және BC түзулері D нүктесінде қиылысады, ал H′ нүктесі H нүктесіне M-ге қарағандағы симметриялы нүкте. △OH′D-ға сырттай сызылған шеңбер △BOC-ға сырттай сызылған шеңберді E нүктесінде қияды. NO және AE түзулері △BOC-ға сырттай сызылған шеңбер бойында қиылысатынын дәлелдеңіз.
комментарий/решение(2)
комментарий/решение(2)
Есеп №4. ABCD трапециясының (AB∥CD) диагональдары P нүктесінде қиылысады. P арқылы өтетін және AB-ға параллель түзу AD және BC кесінділерін сәйкесінше Q және R нүктелерінде қияды. DBA және DCA бұрыштарының сыртқы биссектрисалары X нүктесінде қиылысады. S нүктесі — X нүктесінен BC түзуіне түсірілген перпендикуляр табаны. Егер ABPQ және CDQP — сырттай сызылған төртбұрыштар болса, PR=PS екенін дәлелдеңіз.
комментарий/решение(4)
комментарий/решение(4)
Есеп №5. Сүйірбұрышты ABC үшбұрышы центрі O болатын ω шеңберіне іштей сызылған. E және F нүктелері сәйкесінше AC және AB қабырғаларынан O нүктесі EF түзуінде жататындай және BCEF іштей сызылған төртбұрыш болатындай алынған. EF түзуі ω-ның кіші AB және AC доғаларын сәйкесінше R және S нүктелерінде қияды. K нүктесі R нүктесіне C-ға қарағандағы, ал L нүктесі S нүктесіне B-ға қарағандағы симметриялы нүктелер. BS және RC түзу бойларында PK⊥BC және QL⊥BC болатындай сәйкесінше P және Q нүктелері алынған. Егер центрі Q және радиусы QL болатын шеңбер △BFS-ға сырттай сызылған шеңберді жанаса, онда центрі P және радиусы PK болатын шеңбер △RCE-ға сырттай сызылған шеңберді жанайтынын дәлелдеңіз. Осыған кері тұжырымды да дәлелдеңіз: егер центрі P және радиусы PK болатын шеңбер △RCE-ға сырттай сызылған шеңберді жанаса, онда центрі Q және радиусы QL болатын шеңбер △BFS-ға сырттай сызылған шеңберді жанайды.
комментарий/решение(1)
комментарий/решение(1)