11-я международная Иранская олимпиада по геометрии, 2023 год, третья лига, 11-12 классы

Іштей сызылған $ABCD$ төртбұрышының $CD$ қабырғасында $\angle CBP = 90^\circ$ болатындай $P$ нүктесі алынған. $AC$ және $BP$ түзулері $K$ нүктесінде қиылысады, және сол нүкте үшін $AK = AP = AD$ теңдігі орындалады. $H$ арқылы $B$ нүктесінен $AC$ түзуіне түсірілген перпендикуляр табанын белгілейік. $\angle APH = 90^\circ$ екенін дәлелдеңіз.

Комментарий/решение

Отметим такую точку $E$ на $(ABCD)$, что $AD=AE$ и $E\neq D$. Заметим, что по лемме о трезубце в $\triangle CED$ на биссектрисе угла $C$ выбрана точка $K$ так, что $KA=AE=AD$, тогда верно, что $K$ - инцентр $\triangle CED$. Таким образом $EK\cap (ABCD)=W$ - середина дуги $CD$, поэтому по лемме Фусса для $(EKPD),(ABCD)$ и пар секущих $E-K-W,D-P-C$ выходит, что $KP||CW$, то есть $BCW=90^\circ$, а значит $B$ - середина дуги $DAC$. $\angle BEK=\angle BHK = 90^\circ\Rightarrow E,B,H,K$ - лежат на одной окружности. Заметим, что $E$ - симметрична $P$ относительно $AC$, поэтому $\angle KHP=\angle KHE=\angle EBK$ и $\angle CAE=\angle 180^\circ - EBC=90^\circ - EBK$, поэтому $\angle AEH=\angle APH=90^\circ$