27-я Балканская математическая олимпиада среди юниоров. Албания, 2023 год
Комментарий/решение:
Разобьем таблицу на горизонтальные прямоугольники 2×1. Рассмотрим сначала стратегию B, при которой всякий раз, когда A записывает x в некоторую ячейку прямоугольника 2×1 (из вышеупомянутых), B записывает 1002+1−x в другую ячейку того же прямоугольника. (Обратите внимание, что x≠1002+1−x, поскольку 1002+1 нечетно, поэтому такой ход B всегда возможен.) В этом случае сумма чисел в каждой строке равна 50.⋅(1002+1), а поскольку суммирование по строкам и суммирование по столбцам дает один и тот же результат, должен существовать столбец с суммой, равной 50⋅(1002+1). Следовательно, A не может выиграть.
Чтобы обеспечить победу, B достаточно немного подправить свою стратегию так, чтобы сумма в каждой строке оставалась прежней, но хотя бы в одном столбце сумма была больше 50⋅(1002+1). Один из возможных способов сделать это следующий: если мы рассмотрим первые два прямоугольника 2×1 в последней строке, то всякий раз, когда A играет в ячейке одного из этих прямоугольников, B играет в ячейке в другой прямоугольник. (Для всех остальных прямоугольников 2×1 стратегия из первого абзаца не меняется.) Если от противного предположить, что B не выигрывает, то единственная возможность состоит в том, что все комбинации имеют сумму 50⋅(1002+1). Но поскольку 2×1 прямоугольников в первых двух столбцах, кроме последнего, находятся пары чисел вида (x,1002+1−x) (с суммой 1002+1 ), то сумма чисел в прямоугольнике 2×1 в последней строке (и в первых двух столбцах) равна 2⋅50⋅(1002+1)−99⋅(1002+1)=1002+1, поэтому он также состоит из пары вида (t,1002+1−t), что противоречит стратегии B. Следовательно, B гарантирует выигрыш
Возможно, что при неправильном наборе формул, они будут
доредактированы модератором. При этом содержание не будет меняться.