Loading [MathJax]/jax/output/SVG/jax.js

20-шы «Жібек жолы» математикалық олимпиадасы, 2021 жыл


ABC үшбұрышында M нүктесі — AB қабырғасының ортасы. AC кесіндісінде CB=CB1 болатындай B1 нүктесі белгіленген. ABC және BMB1 үшбұрыштарына сырттай сызылған сәйкесінше ω және ω1 шеңберлері екінші рет K нүктесінде қиылысады. Q нүктесі — ω шеңберіндегі ACB доғаның ортасы. B1Q және BC түзулері E нүктесінде қиылысады. KC түзуінің B1E кесіндісін қақ бөлетінін дәлелдеңіз. ( М. Кунгожин )
посмотреть в олимпиаде

Комментарий/решение:

пред. Правка 2   6
3 года 10 месяца назад #

Решение: Так как ABCK и BMB1K вписанные, то

ABK=ACK, BAK=KCE, BB1M=BKM.

Посчитав углы, легко понять, что BQ и AQ касательные к (AB1B), откуда B1E и B1M изогонально сопряжены относительно AB1B, т.е.

BB1M=CB1E.

Пусть точка K1 симметрична K относительно M, тогда

K1AM=B1CK,  KAM=ECK,

а так же  AK1M=CB1E.

Тогда KAK1ECB1, а так же AM и CK являются соответствующими чевианами в этих подобных треугольниках, но AM медиана KAK1, поэтому CK медиана в ECB1, ч.т.д.

  5
2 года 1 месяца назад #

Легко понять, что треугольники BQA и треугольник BCB1 подобны, из этого следует равенство углов CBQ и ABK, так как четырехугольник BCQA вписанный, то угол CBQ равен углу CAQ, то AQ касательная к (BB_1A), также нетрудно понять, что BQ тоже касательная, то из свойства симедиана, можно понять, что B1Q симедиана треугольника BB1A из этого следует равенство углов CB1Q и BKM

Давайте проведем параллель к B1Q через С и пусть она пересекает окружность описанную около ABC, в точке F, также заметно равенство следующих углов QB1C FCB1 FKA, то четырехугольник BKAF, гармонический, и проецирование через точку С, завершает доказательство

  0
2 года 1 месяца назад #

Браво! Очень красиво!