Республиканская олимпиада по математике, 2020 год, 11 класс
Комментарий/решение:
Комментарии от администратора Комментарии от администратора №1. Опустим перпендикуляры $AH$ и $BT$ на прямые $BN$ и $AN$ соответственно. Тогда $MA = MB = MH = MT$ и $MN \cdot MC = \dfrac{AB^2}{4} = BM^2 = MH^2$, то есть описанная окружность $\triangle CNH$ касается прямой $MH$ или $\angle HCN = \angle MHN$. Получается, что $\angle HCN = \angle MHN = \angle MBN = \angle BCN$, $\angle HMC = \angle HNC - \angle MHN = \angle HNC - \angle NCB = \angle NBC$ или $\triangle CHM \sim \triangle CNB$.
Пусть отрезки $CH$ и $PQ$ пересекаются в точке $R_1.$ Тогда из $\angle HCN = \angle MHN = \angle MBN = \angle ABQ = \angle APQ$ следует, что четырехугольник $CR_1NP$ вписанный. Из последнего получим $\angle CNR_1 = \angle CPR_1 = \angle CBQ = \angle CMH$, то есть получим параллельность $MH \parallel NR_1$. Тогда $\angle NR_1C = \angle MHC = \angle BNC (1)$. Но на отрезке $QR_1$ не существует иной точки $R_1$, для которой выполнено равенство (1). Значит, точки $R$ и $R_1$ совпадают. А для точки $R_1$ как раз выполнено $\angle NR_1C = \angle BNC$ и $RN = R_1N = MH \cdot \dfrac{CN}{CM}.$ Аналогично доказывается, что $SN = MT \cdot \dfrac{CN}{CM}$. Но так как $MH = MT$, то и $RN = SN$.Решение: Из условия $MN\cdot MC = AB^2 / 4=AM^2$ следует, что
$$\angle CQB = \angle CAM = \angle ANM = 180 - \angle ANC = 180 - \angle NSC,$$
значит $CQNS$ вписанный. Тогда $\angle NSR = \angle NCQ = \angle ACB.$ Последнее равенство следует из равенства $\angle MCB = \angle MBN.$
Аналогично $\angle NRS = \angle ACB.$ Отсюда легко вывести требуемое.
Возможно, что при неправильном наборе формул, они будут
доредактированы модератором. При этом содержание не будет меняться.