2-я международная Иранская олимпиада по геометрии, 2015 год, первая лига, 7-8 классы
Комментарий/решение:
1) Пусть точки Q,M проставлены произвольным образом. Обозначим S△AMQ=S△BMN=S.
2)Не уменьшая общности решения задачи, пусть AQ>BN
3)Теперь построим △NCP. Пусть NC=x. Тогда, для выполнения условия (равенство площадей треугольников ), примем S△NCP=S
4)В таком случае CP⋅NC2=S⇒CP=2Sx
5) Пусть CD=H, отсюда PD=H−2Sx
6) Пусть AQ−BN=a, тогда QD=x−a
7) Обобщая пункты [1−6], можно найти площадь △QPD
S△QPD=f(x)=(x−a)⋅(H−2Sx)2=Hx−2S−aH+2Sax2
8) по условию, точка P лежит на отрезке CD,отсюда H−2Sx>0⇒H>2Sx
9)Покажем, что при условии [8] функция монотонно возрастает
f′(x)=H−2Sax22>2Sx−2Sax22=2S2x⋅(1−ax)>0
Ведь S,x−положительные, a<x⇒ax<1
Производная положительная для любого x, удовлетворяющего условию [8]
То есть монотонно возрастает
Отсюда ясно, что у уравнения f(x)=S единственное решение
9) и этим решением будет равенства △AMQ=△CNP;△MBN=△QDP. Не сложно проверить, что это удовлетворяет условию: ведь площади всех этих треугольников равна S
10) Из [9] следует MQ=NP;MN=QP
Из равенства противоположных сторон следует, что MNPQ−параллелограмм
Пусть AB=x, BC=y, BN=a,NC=y−a, BM=b, AM=x−b, AQ=c, QC=y−c, DP=d, CP=x−d
По условию S=SAQM=SBMN=SCNP=SDPQ или ab=(x−b)c=(y−c)d=(x−d)(y−a)
Откуда c=abx−b подставляя в третье решая с первым d=aby−abx−b решая последнее с первым
ab=(x−aby−abx−b)(y−a)
Откуда (2ab−xy)(ax+by−xy)ab+by−xy=0
1) ab=xy2 так как 4S<SABCD но 4S=2xy=2SABCD что не верно
2) b=x−axy тогда d=b=x−axy и c=y−a откуда получаем по равенству отрезков MNPQ параллелограмм.
Возмем AB и CD как X , AD и BC как Y тогда MB=X-a BN=Y-b QD=Y-z DP=X-d.
Если a>d тогда X-d>X-a и za=db z<b и значит Y-b>Y-z с этого
(X-d)(Y-z)>(X-a)(Y-b) значит площади треугольника DPQ>BNM а это не возможно значит X=Y по равенству прямоугольные треугольники по парно равны значит MNPQ параллелограмм
Возможно, что при неправильном наборе формул, они будут
доредактированы модератором. При этом содержание не будет меняться.