Республиканская олимпиада по математике, 2016 год, 11 класс
Комментарий/решение:
Комментарии от администратора Комментарии от администратора №1. Для решения задачи достаточно показать равенство углов $BCN$ и $HCK$. Заметим, что $\triangle BCH \sim \triangle HCK$, так как эти треугольники прямоугольные и углы при вершинах $C$ равны. Обозначим середину отрезка $HK$ через $P$. Тогда отрезки $CM$ и $CP$ соответствующие медианы подобных треугольников, поэтому $\angle CMH = \angle CPK$. Откуда следует, что четырехугольник $CMHP$ вписанный. Следовательно, $\angle MCH = \angle MPH = \angle BKH = \angle LKH$, то есть и четырехугольник $CLHK$ вписанный. Откуда имеем: $\angle CLH =\angle CLN=90^\circ=\angle CBN$. А это дает выписанность четырехугольника $CLBN$. Теперь легко получить требуемое равенство: $\angle BCN = \angle BLN= \angle HLK = \angle HCK$.
С хорошим чертежом можно заметить, что $\angle CLH$ похож на прямой. Это и докажем.
Утверждение.
$\angle CLH = 90^\circ$.
Доказательство: Используем теорему Менелая.
Из теоремы Менелая для $\triangle ACM$ получаем:
$$\frac{AK}{KC} \cdot \frac{CL}{LM} \cdot \frac{MB}{BA} = 1 \quad (1)$$
Так как $\triangle AHC$ прямоугольный, несложно вывести, что $\frac{AK}{KC} = \frac{AH^2}{CH^2}. \quad (2)$
Тогда из $(1)$ и $(2)$:
$\frac{CL}{LM} = \frac{AH^2}{4CH^2} = \frac{MH^2}{CH^2} \Rightarrow HL -$ высота в прямоугольном треугольнике $CHM$. Поэтому $\angle CLH = 90^\circ$ b утверждение доказано.
Вернемся к задаче. Из выше доказанного можно понять, что четырехугольники $HKCL$ и $BLCN$ вписанные, тогда $\angle BCN = \angle BLN = \angle HMK = \angle HCK = \frac{\angle ABC}{2}$, что и требовалось доказать.
Возможно, что при неправильном наборе формул, они будут
доредактированы модератором. При этом содержание не будет меняться.