Олимпиада имени Леонарда Эйлера
2015-2016 учебный год, I тур дистанционного этапа
Комментарий/решение:
Комментарии от администратора Комментарии от администратора №1. Решение. Если 16a−9b=0, утверждение задачи очевидно. Далее считаем, что 16a−9b≠0.
Положим d=НОД(a,b), и пусть a=dm, b=dn. Тогда ab=d2mn=c2. Поскольку числа m и n взаимно просты, в их разложения на простые множители все простые числа входят в чётных степенях. Поэтому m и n — квадраты натуральных чисел: m=u2, n=v2.
Пусть d>1. Тогда |16a−9b|=d|((4u)2−(3v2))|=d(4u+3v)|(4u−3v)|. Это составное число, поскольку d>1 и 4u+3v>1.
Пусть d=1. Тогда |16a−9b|=(4u+3v)|(4u−3v)|. Если |4u−3v|≠1, всё доказано. Иначе 4u−3v=±1, то есть 4u=3v±1. По условию
16(a+b)=16f2=16u2+16v2=(3v±1)2+16v2=25v2±6v+1.
Но от числа 25v2=(5v)2 до ближайших соседних квадратов (5v±1)2 расстояние минимум (5v)2−(5v−1)2=10v−1, что больше, чем 6v+1. Поэтому получается, что число (4f)2=16f2 не является квадратом натурального числа — противоречие. Итак, случай 4u−3v=±1 невозможен, что и завершает доказательство.
Возможно, что при неправильном наборе формул, они будут
доредактированы модератором. При этом содержание не будет меняться.