Processing math: 15%

Азиатско-Тихоокеанская математическая олимпиада, 2002 год


Пусть x, y, z>0 и 1x+1y+1z=1. Докажите, что x+yz+y+zx+z+yxxyz+x+y+z.
посмотреть в олимпиаде

Комментарий/решение:

  2
8 года 2 месяца назад #

\sqrt{x+zy}+\sqrt{y+xz}+\sqrt{z+xy} \geq \sqrt{xyz}+\sqrt{x}+\sqrt{y}+\sqrt{z}

\left\{ \begin{gathered} 1=\frac{1}{x}+\frac{1}{y}+\frac{1}{z}\geq \frac{1}{x}+\frac{2}{\sqrt{zy}}\\ 1=\frac{1}{x}+\frac{1}{y}+\frac{1}{z}\geq \frac{1}{y}+\frac{2}{\sqrt{xz}} \\ 1=\frac{1}{x}+\frac{1}{y}+\frac{1}{z}\geq \frac{1}{z}+\frac{2}{\sqrt{xy}} \\ \end{gathered} \right.\Rightarrow \left\{ \begin{gathered} 1\geq \frac{1}{x}+\frac{2}{\sqrt{zy}}\\ 1\geq \frac{1}{y}+\frac{2}{\sqrt{xz}} \\ 1\geq \frac{1}{z}+\frac{2}{\sqrt{xy}} \\ \end{gathered} \right.\Rightarrow

\Rightarrow \left\{ \begin{gathered} \frac{1}{x}\geq \frac{1}{x^2}+\frac{2}{x\sqrt{zy}}\\ \frac{1}{y}\geq \frac{1}{y^2}+\frac{2}{y\sqrt{xz}} \\ \frac{1}{z}\geq \frac{1}{z^2}+\frac{2}{z\sqrt{xy}} \\ \end{gathered} \right.\Rightarrow \left\{ \begin{gathered} \frac{1}{x}+\frac{1}{zy} \geq \frac{1}{x^2}+\frac{2}{x\sqrt{zy}} +\frac{1}{zy} \\ \frac{1}{y} +\frac{1}{xz}\geq \frac{1}{y^2}+\frac{2}{y\sqrt{xz}}+\frac{1}{xz} \\ \frac{1}{z}+\frac{1}{xy}\geq \frac{1}{z^2}+\frac{2}{z\sqrt{xy}} +\frac{1}{xy}\\ \end{gathered} \right.\Rightarrow

\Rightarrow \left\{ \begin{gathered} \frac{1}{x}+\frac{1}{zy} \geq \left(\frac{1}{x}+\frac{1}{\sqrt{zy}}\right)^2 \\ \frac{1}{y} +\frac{1}{xz}\geq \left(\frac{1}{y}+\frac{1}{\sqrt{xz}}\right)^2 \\ \frac{1}{z}+\frac{1}{xy}\geq \left(\frac{1}{x}+\frac{1}{\sqrt{xy}}\right)^2\\ \end{gathered} \right.\Rightarrow \left\{ \begin{gathered} \sqrt{\frac{1}{x}+\frac{1}{zy}} \geq \frac{1}{x}+\frac{1}{\sqrt{zy}} \\ \sqrt{\frac{1}{y} +\frac{1}{xz}}\geq \frac{1}{y}+\frac{1}{\sqrt{xz}} \\ \sqrt{\frac{1}{z}+\frac{1}{xy}}\geq \frac{1}{x}+\frac{1}{\sqrt{xy}}\\\ \end{gathered} \right.\Rightarrow

\Rightarrow \sqrt{\frac{1}{x}+\frac{1}{zy}}+\sqrt{\frac{1}{y}+\frac{1}{xz}}+\sqrt{\frac{1}{z}+\frac{1}{xy}}\geq \underbrace{\frac{1}{x}+\frac{1}{y}+\frac{1}{z}}_{1}+\frac{1}{\sqrt{zy}}+\frac{1}{\sqrt{xz}}+\frac{1}{\sqrt{xy}}\Rightarrow

\Rightarrow \sqrt{\frac{1}{x}+\frac{1}{zy}}+\sqrt{\frac{1}{y}+\frac{1}{xz}}+\sqrt{\frac{1}{z}+\frac{1}{xy}}\geq 1+\frac{1}{\sqrt{zy}}+\frac{1}{\sqrt{xz}}+\frac{1}{\sqrt{xy}}\Rightarrow

\frac{1}{\sqrt{xyz}}\left( \sqrt{x+zy}+\sqrt{y+xz}+\sqrt{z+xy}\right)\geq \frac{1}{\sqrt{xyz}}\left( \sqrt{xyz}+\sqrt{x}+\sqrt{y}+\sqrt{z}\right)\Rightarrow

\Rightarrow \sqrt{x+zy}+\sqrt{y+xz}+\sqrt{z+xy} \geq \sqrt{xyz}+\sqrt{x}+\sqrt{y}+\sqrt{z}\blacktriangledown

  3
3 года 1 месяца назад #

Засунем в квадрат сравнение. Получим что у нас все сократится, с первого условия используем что xyz=xy+yz+zx, и тоже сократим, останется лишь сравнение:2( \sum \sqrt{(x+yz)(y+xz)}) | 2(\sum x\sqrt{yz} + \sum1\sqrt{yz}).

Сократим на двоечку и просто используем Коши для левого уравнения!

  6
3 года 1 месяца назад #

Жаңа айнымалылар енгіземіз: a=\frac{1}{x}, b=\frac{1}{y}, c=\frac{1}{z}.

a+b+c=1 шартын қанағаттандыратын a,b,c>0 сандары үшін

\sqrt{a+bc}+\sqrt{b+ca}+\sqrt{c+ab}\ge 1+\sqrt{ab}+\sqrt{bc}+\sqrt{ca}

теңсіздігін дәлелдеу қажет болады.

\sqrt{a+bc}=\sqrt{a(a+b+c)+bc}=\sqrt{(a+b)(a+c)}\ge a+\sqrt{bc}

\Rightarrow

\sqrt{a+bc}\ge a+\sqrt{bc}

\sqrt{b+ca}\ge b+\sqrt{ca}

\sqrt{c+ab}\ge c+\sqrt{ab}

Соңғы үш теңсіздікті қоссақ,

\sqrt{a+bc}+\sqrt{b+ca}+\sqrt{c+ab}\ge 1+\sqrt{ab}+\sqrt{bc}+\sqrt{ca}

теңсіздігін аламыз.

пред. Правка 2   6
1 года 6 месяца назад #

Заметим что \sqrt{xyz}= \dfrac{\sqrt{yz}}{\sqrt{x}}+\dfrac{\sqrt{xz}}{\sqrt{y}}+\dfrac{\sqrt{yx}}{\sqrt{z}} тогда \sqrt {x + yz} + \sqrt {y + zx} + \sqrt {z + yx} \geq \dfrac{\sqrt{yz}+x}{\sqrt{x}}+\dfrac{\sqrt{xz}+y}{\sqrt{y}}+\dfrac{\sqrt{yx}+z}{\sqrt{z}}

\sqrt {x + yz} \geq \dfrac{\sqrt{yz}+x}{\sqrt{x}}

Переносим \sqrt{x} и возводим в квадрат тогда

xyz \geq yz +2x\sqrt{yz} заметим xyz=yz+zx+xy сокращаем и AM-GM в лоб