Азиатско-Тихоокеанская математическая олимпиада, 2002 год
Комментарий/решение:
Если AG, CE, BF - высоты, тогда CP<CF, BQ<BE так как углы острые, пусть AD,AN высоты APB, AQC соответственно, тогда R∈BF∩AD, S∈AN∩CE
Покажем что TR=TS тогда и только тогда, когда T∈AG.
Пусть BC=x и ∠PBC=a, ∠QCB=b тогда TN=x⋅(sin(30∘+b)−sin(a)sin(a+b)), SN=x⋅sin(30∘+b)⋅tg(30∘−b)
TD=x⋅(sin(30∘+a)−sin(b)sin(a+b)), RD=x⋅sin(30∘+a)⋅tg(30∘−a)
тогда TS2=TN2+SN2, TR2=TD2+RD2, учитывая что 0<a,b<30∘, TR, TS>0
Пусть a>b тогда преобразовывая, покажем что
sin2(b+30∘)+sin2(30∘+b)⋅tg2(30∘−b)<sin2(a+30∘)+sin2(30∘+a)⋅tg2(30∘−a)
(sin(b+30∘)cos(b−30∘))2<(sin(a+30∘)cos(a−30∘))2
так как sin(b+30∘)cos(b−30∘)>0 на 0<b<30∘ тогда
sin(b+30∘)cos(b−30∘)<sin(a+30∘)cos(a−30∘) или sin(a−b)cos(a−30∘)⋅cos(b−30∘)>0
но cos(a−30∘)>0 на 0<a<30∘ откуда sin(a−b)>0 или a>b откуда a=b тогда AG∈BS∩CR
Проделывая аналогично и для двух других прямых BS,AS и SR∩AR так как TR=RS=ST тогда D∈CE, N∈BF так как AFGB лежат на окружности, так как FD=GD тогда AD биссектриса ∠CAG=30∘ то есть ∠CBP=∠BCQ=15∘
Возможно, что при неправильном наборе формул, они будут
доредактированы модератором. При этом содержание не будет меняться.