10-я международная Иранская олимпиада по геометрии, 2023 год, вторая лига, 9-10 классы
$P$ нүктесі $ABC$ үшбұрышына сырттай сызылған шеңбердің $BAC$ доғасының ортасы. $H$ нүктесі — $ABC$ үшбұрышының биіктіктерінің қиылысу нүктесі. $Q$ және $S$ нүктелері $HAPQ$ және $SACQ$ параллелограмдар болатындай нүктелер. $T$ нүктесі $AQ$-дің ортасы, ал $R$ нүктесі —$SQ$ және $PB$ түзулерінің қиылысу нүктесі. $AB$, $SH$ және $TR$ түзулері бір нүктеде қиылысатынын дәлелдеңіз.
посмотреть в олимпиаде
Комментарий/решение:
Легко понять что треугольник $\triangle SAP = \triangle QHC$. Известный факт что радиус окружностей $(ABC)$ и $(BHC)$ равны. Откуда выходит что $\angle ACP = \angle QCH$. Из
$$\angle PSQ = \angle ASH = \angle ACH = \angle PCQ = \angle PBQ = \angle ABH$$
Выходит что четырехугольники $ASBH$ и $SPQB$ вписанные. Если $N=AB \cap SH$, тогда легко заметить что точки $N, R$ лежат на радикальной оси $(SHQ)$ и $(ABC)$. И из равенства радиусов их окружностей легко заметить что $T$ лежит на ней. Откуда следует требуемое.
Возможно, что при неправильном наборе формул, они будут
доредактированы модератором. При этом содержание не будет меняться.