Областная олимпиада по математике, 2018 год, 11 класс
Комментарий/решение:
Ответ: f(x)=1; f(x)=11+Cx,C∈(0,+∞)
Решение. Пусть существует x0∈(0,+∞) такой, что f(x0)>1. Положим x=x0,y=xf(x0)−1. Получим
f(x0)f(x0f(x)f(x0)−1)=f(x0+x0f(x0)−1)⇔
f(x0)f(x0+x0f(x0)−1)=f(x0+x0f(x0)−1)⇔f(x0)=1.
Получили противоречие. Значит, ∀x∈(0,+∞)f(x)≤1.
Из исходного равенства и получившегося неравенства следует, что ∀0<x1<x2
f(x1)≥f(x1)f((x2−x1)f(x1))=f(x1+(x2−x1))=f(x2),
то есть искомая функцияf(x) неубывающая.
Случай 1. Пусть существует x∗∈(0,+∞) такой, что f(x∗)=1. Тогда
∀x∈(0,x∗]f(x)=1.
Положим x=x∗, тогда ∀y∈(0,+∞)
f(x∗)f(yf(x∗))=f(x∗+y)⇔f(y)=f(x∗+y).
Отсюда в силу того, что f(x) неубывающая, заключаем, что ∀x∈(0,+∞) f(x)=1. Нетрудно убедиться, что эта функция подходит.
Случай 2. ∀x∈(0,+∞) 0<f(x)<1, тогда ∀0<x1<x2
f(x1)>f(x2),
то есть функция f(x) строго убывающая, а, значит, инъективна.
Из исходного равенства получаем
f(1)f(yf(1))=f(1+y)=f(yf(1)+(1+y−yf(1))=f(yf(1))f((1+y−yf(1))f(yf(1)))⇔
⇔f(1)=f((1+y−yf(1))f(yf(1)))⇔1=(1+y−yf(1))f(yf(1)))).
В последнем равенстве положим a=f(1)∈(0,1), y=xa. Тогда . ∀x∈(0,+∞)
1=(1+xa−x)f(x)⇒f(x)=11+(1a−1)x=11+Cx,
где C=1a−1∈(0,+∞).
Проверка показывает, что любая функция вида f(x)=11+Cx, где C=1a−1∈(0,+∞),удовлетворяет условию задачи.
Возможно, что при неправильном наборе формул, они будут
доредактированы модератором. При этом содержание не будет меняться.