Районная олимпиада, 2013-2014 учебный год, 11 класс
Комментарий/решение:
Из условия получается что BN=AM, AN=CM, пусть X середина CM, тогда AM=MX=CX значит ANX равносторонний или NM⊥AC.
Отметим что CN=BM по первому признаку равенств треугольников ANC,BMC значит ∠ANC=∠BMC откуда ∠ANC+∠AMB=180∘ или ANPM - вписанный ∠APN=∠AMN=90∘ значит ∠APC=90∘
І тәсіл (Салу әдісін қолдану)}
Есеп шарты бойынша сызба сызып талдау жасайық.
Талдау:
1) AB=AC=2⟹MC=2MA, NA=2NB, AC=MA+MC, AB=NA+NB⟹AC=3MA, AB=3NB
Әрекетті жүргіздіктен, AC=AB⟹MA=NB, NA=MC (1 - сурет).
2) В нүктесі арқылы BK⊥AC болатындай BK және N,M нүктелері арқылы NM түзулерін жүргізейік.
AK=CK=ACcos∠CAM=ACcosα
Сонымен, NM=AKtan∠ANM=ACsinαtan∠ANM=ACsinαcosα=ACtanα
Косинустар теоремасын пайдалана отырып, AC=BC болады. Осылай болса, пропорциял кесінділер теоремасы бойынша NB∥BK, яғни NM⊥AC және ∠ANM=30∘. Солай болғанда, AM=AN.
Салу:
1) Тікбұрышты ANM үшбұрышын саламыз.
2) Талдауға сүйеніп, салған үшбұрышын пайдаланып, ABC дұрыс үшбұрышын саламыз.
3) Радиусы AC - ға тең жарты шеңбер сызып және NC түзуін жүргізіп, түзудің жарты шеңбермен қиылысу нүктесін R деп белгілейміз (1а – сурет).
4) V және R нүктелері арқылы жүргізілген түзу M нүктесінен өтеді, сондықтан AC - ға тең болатын A - ға киіп төгілген діаметр болады. Демек, ∠APC=90∘ (1а – сурет).
ІІ тәсіл (Косинустар теоремасын қолдану)}
Шешуі: ∠ABM=α, ∠AMB=β деп белгілейміз. Косинустар теоремасы бойынша △ABM - нен
BM2=AB2+AM2−2⋅AB⋅AM⋅cosβ
=9+1−2⋅3⋅cosβ
BM2=7⟹BM=√7
BM=√9+7−2⋅3⋅cosα⟹16−6cosα=1⟹cosα=56
BM=√1+7−2⋅cosβ⟹8−2cosβ=9⟹cosβ=−12
Пайдаланушы тандаған BR=x десек, MR=−x,
△AMR - дан A=1+(−x)2+2⋅(−x)⋅cosβ=9−x+x2
△ANR және △NBP - дан− на теңестіру арқылы xты табамыз
4−9+9−x+x2=1+x2−2⋅x⋅cosβ⟹x=2
BM=NC=√7, NP=√5, PC=√3, AR=√10
Сонымен, √7+√3⟹AC=3
Сонымен, ∠APC=90∘.
ІІІ тәсіл (Чева теоремасын қолдану)}
Шешуі: Белгілерді енгізейік. AR∩BC=D
MA=NB=x, MC=NA=2x,
NP=z, DP=t,
BD=y, CD=3x−y делік (2 – сурет)
Чева теоремасы бойынша BDCD⋅CMMA⋅ANNB=1, яғни
y3x−y⋅2xx⋅xx=1⟹2y=3x−y⟹x=2
BM=NC=12⋅BDCD⋅BC=12⋅y3x−y⋅BC
Осыдан, BMNC=12⋅y3x−y=12⋅32⟹y3x−y=32
y=35, x=95
AC=BC=15⟹cos∠APC=0
І тәсіл (Салу әдісін қолдану)}
Есеп шарты бойынша сызба сызып талдау жасайық.
Талдау:
1) AB=AC=2⟹MC=2MA, NA=2NB, AC=MA+MC, AB=NA+NB⟹AC=3MA, AB=3NB
Әрекетті жүргіздіктен, AC=AB⟹MA=NB, NA=MC (1 - сурет).
2) В нүктесі арқылы BK⊥AC болатындай BK және N,M нүктелері арқылы NM түзулерін жүргізейік.
AK=CK=ACcos∠CAM=ACcosα
Сонымен, NM=AKtan∠ANM=ACsinαtan∠ANM=ACsinαcosα=ACtanα
Косинустар теоремасын пайдалана отырып, AC=BC болады. Осылай болса, пропорциял кесінділер теоремасы бойынша NB∥BK, яғни NM⊥AC және ∠ANM=30∘. Солай болғанда, AM=AN.
Салу:
1) Тікбұрышты ANM үшбұрышын саламыз.
2) Талдауға сүйеніп, салған үшбұрышын пайдаланып, ABC дұрыс үшбұрышын саламыз.
3) Радиусы AC - ға тең жарты шеңбер сызып және NC түзуін жүргізіп, түзудің жарты шеңбермен қиылысу нүктесін R деп белгілейміз (1а – сурет).
4) V және R нүктелері арқылы жүргізілген түзу M нүктесінен өтеді, сондықтан AC - ға тең болатын A - ға киіп төгілген діаметр болады. Демек, ∠APC=90∘ (1а – сурет).
ІІ тәсіл (Косинустар теоремасын қолдану)}
Шешуі: ∠ABM=α, ∠AMB=β деп белгілейміз. Косинустар теоремасы бойынша △ABM - нен
BM2=AB2+AM2−2⋅AB⋅AM⋅cosβ
=9+1−2⋅3⋅cosβ
BM2=7⟹BM=√7
BM=√9+7−2⋅3⋅cosα⟹16−6cosα=1⟹cosα=56
BM=√1+7−2⋅cosβ⟹8−2cosβ=9⟹cosβ=−12
Пайдаланушы тандаған BR=x десек, MR=−x,
△AMR - дан A=1+(−x)2+2⋅(−x)⋅cosβ=9−x+x2
△ANR және △NBP - дан− на теңестіру арқылы xты табамыз
4−9+9−x+x2=1+x2−2⋅x⋅cosβ⟹x=2
BM=NC=√7, NP=√5, PC=√3, AR=√10
Сонымен, √7+√3⟹AC=3
Сонымен, ∠APC=90∘.
ІІІ тәсіл (Чева теоремасын қолдану)}
Шешуі: Белгілерді енгізейік. AR∩BC=D
MA=NB=x, MC=NA=2x,
NP=z, DP=t,
BD=y, CD=3x−y делік (2 – сурет)
Чева теоремасы бойынша BDCD⋅CMMA⋅ANNB=1, яғни
y3x−y⋅2xx⋅xx=1⟹2y=3x−y⟹x=2
BM=NC=12⋅BDCD⋅BC=12⋅y3x−y⋅BC
Осыдан, BMNC=12⋅y3x−y=12⋅32⟹y3x−y=32
y=35, x=95
AC=BC=15⟹cos∠APC=0
Возможно, что при неправильном наборе формул, они будут
доредактированы модератором. При этом содержание не будет меняться.