Математикадан жасөспірімдер арасындағы 7-ші Балкан олимпиадасы 2003 жыл, Измир, Турция
D, E, F нүктелері сәйкесінше ABC үшбұрышына сырттай сызылған шеңбердің BC, CA, AB доғаларының орталары. DE түзуі BC және CA-ны сәйкесінше G және H нүктелерінде қисын, ал M нүктесі GH кесіндісінің ортасы болсын. FD түзуі BC және AB-ны сәйкесінше K және J нүктелерінде қисын, ал N нүктесі KJ кесіндісінің ортасы болсын.
а) DMN үшбұрышының бұрыштарын табыңыздар.
b) AD және EF түзулерінің қиылысу нүктесі P болса, онда DMN үшбұрышына сырттай сызылған шеңбердің центрі PMN үшбұрышына сырттай сызылған шеңбердің бойында жататынын дәлелдеңіздер.
посмотреть в олимпиаде
а) DMN үшбұрышының бұрыштарын табыңыздар.
b) AD және EF түзулерінің қиылысу нүктесі P болса, онда DMN үшбұрышына сырттай сызылған шеңбердің центрі PMN үшбұрышына сырттай сызылған шеңбердің бойында жататынын дәлелдеңіздер.
Комментарий/решение:
a) Несложно догадаться, что N лежит на биссектрисе BE, поскольку, если считать, что N1 - точка пересечения KJ с BE, то ∠BN1D=∠BAC/2+(∠ACB/2+∠ABC/2)=90,⇒N=N1, аналогично и M лежит на биссектрисе CF. Рассмотрим четырехугольник IMDN, где I - точка пересечений биссектрис треугольника ABC. Он вписанный, так как ∠DNI=∠DMI=90,⇒∠NID=∠BID=(∠A+∠B)/2=
=∠NMD=90−∠C/2,∠NDM=∠FDE=90−∠A/2,∠DNM=90−∠B/2
б) Нетрудно понять, что △NPM∼△BAC, так как мы можем узнать их углы по пункту а. Пусть O - середина ID, тогда ∠NOM=2⋅∠NDM=180−∠BAC, но ∠NPM=∠BAC=∠A, их сумма=180, ⇒N,P,O и N∈ω
Возможно, что при неправильном наборе формул, они будут
доредактированы модератором. При этом содержание не будет меняться.