Азия-тынық мұхит математикалық олимпиадасы, 2007 жыл
Егер накты оң x, y және z сандары √x+√y+√z=1 теңдігін қанағаттандыратын болса
x2+yz√2x2(y+z)+y2+zx√2y2(z+x)+z2+xy√2z2(x+y)≥1
теңсіздігі орындалатынын дәлелдеңіздер.
посмотреть в олимпиаде
Комментарий/решение:
Заметим, что
∑cycx2+yz√2x2(y+z)=∑cyc(x−y)(x−z)√2x2(y+z)+∑cycxy+xz√2x2(y+z)=
=∑cyc(x−y)(x−z)√2x2(y+z)+∑cyc√y+z2
По неравенству QM≥AM:
∑cyc√y+z2≥∑cyc√y+√z2=1
Тогда достаточно доказать, что ∑cyc(x−y)(x−z)√2x2(y+z)≥0(1)
Без ог. общности можно принять, что x≥y≥z. Пусть
A=1√2x2(y+z),B=1√2y2(z+x),C=1√2z2(x+y)
Тогда C≥B. Заметим, что
A(x−y)(x−z)≥0
и
B(y−z)(y−x)+C(z−x)(z−y)=C(x−z)(y−z)−B(y−z)(x−y)≥
≥C(x−y)(y−z)−B(y−z)(x−y)=(x−y)(y−z)(C−B)≥0
Из этих двух неравенств следует, что (1) верно.◻
Возможно, что при неправильном наборе формул, они будут
доредактированы модератором. При этом содержание не будет меняться.