Азиатско-Тихоокеанская математическая олимпиада, 2010 год
Комментарий/решение:
Решим "предзадачу" и лемму
Пусть имеется треугольник AB=AC и H ортоцентр и I - точка пересечения медиан и CE,BF высоты , так же N∈AC и E∈AB так что FC=FN, EB=EM если ∠BAC=a
Лемма: тогда выполняется условие MN=3HI⋅sin(a)
Доказательство: Если T середина BC тогда AT=BC⋅ctg(a2)2, HT=BC⋅tg(a2)2, HI=AT3−HT=BC⋅(ctg(a2)−3⋅tg(a2))6
так как MN||BC тогда MN=AN⋅BCAC, так как AN=AC−CN=AC−4AC⋅sin2(a2) откуда MN=BC⋅(1−4sin2(a2))
подставив получаем требуемое.
Предзадача: на том же построений пусть K середина AC пусть C′A′||CA где C′∈CE и A′∈EA так же K′∈EK∩C′A′ пусть D∈MH∩EK тогда ∠MHF=180−2a и ∠EKC=2a то есть EK⊥MH проведем через I прямую IG||KK′ где G∈MH и I′∈IGBK′ тогда ∠HII′=∠HMN и пусть N′∈A′C′∩HN докажем что HII′ и MNN′ подобны.
Доказательство для этого нужно доказать что (учитывая что CC′=NN′) II′HI=CC′MN (1)
так как II′||KK′ тогда I′ точка пересечения медиан A′C′B тогда II′KK′=BIKI=23 учитывая это, откуда (1) будет иметь вид KK′HI=3CC′2MN но по теореме Фалеса KK′CC′=EK′EC′=12sin(a) откуда MN=3HI⋅sin(a) по лемме это верно.
К задаче из условия следует что FC=FN, EB=EM (вписанность AMHC, BHNA) предзадаче следует что N′MH+I′HN=90∘ тогда заменим I′−>I,N′−>N получаем, O1 лежит на IH где O1 центр описанной окружности MHN, но по прямой Эйлера OHI лежат на одной прямой.
Возможно, что при неправильном наборе формул, они будут
доредактированы модератором. При этом содержание не будет меняться.