Республиканская олимпиада по математике, 1999 год, 9 класс
Диагонали трапеции ABCD взаимно перпендикулярны (AB — большее основание). Пусть O — центр описанной окружности треугольника ABC, а E — точка пересечения прямых OB и CD. Докажите, что BC2=CD⋅CE.
посмотреть в олимпиаде
Комментарий/решение:
Обозначим точку пересечения диагоналей как точку G. Пусть OB во второй раз пересекает окружность в точке P.
BP - диаметр,∠PCB=90 и ∠CGB = 90.Следовательно △PCB ∼ △CGB. Тогда ∠PCA=∠GBC=∠PBA=∠PEC. В конечном итоге мы имеем два подобных треугольника BCE и BDC.(у них общий угол ∠ECB, ∠CEB=∠CBD.) В силу свойств подобных треугольников: CD/BC=BC/CE, из чего получаем искомое.
Пусть ∠OBA=∠OAB=α, а ∠OAC=∠OCA=β. AB//CE значит ∠CEB=α. Так как AB//CE, ∠CAB=∠DCA=α+β, а значит ∠CDB=90−α−β. ∠COB=2α+2β, значит ∠OCB=90−α−β. ∠BDC+∠DCB=180−α, значит ∠DBC=α. ∠DBC=∠DEB=α значит CB касательная к описанной окружности EDB. По теореме о степени точки BC2=CD⋅CE, что и требовалось доказать.
Возможно, что при неправильном наборе формул, они будут
доредактированы модератором. При этом содержание не будет меняться.